【数据结构与算法】求带环链表的入环节点(图文详解)

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倔强的石头_ 发表于 2025/09/05 22:28:22 2025/09/05
【摘要】 给定一个链表的头节点 head ,返回链表开始入环的第一个节点。 如果链表无环,则返回 null。如果链表中有某个节点,可以通过连续跟踪 next 指针再次到达,则链表中存在环。

目录

一、问题描述

二、解题思路

方法一:数学公式推导法

方法二:转换为相交链表问题求解

三、代码实现

方法一实现代码

方法二实现代码



一、问题描述


二、解题思路


方法一:数学公式推导法

预备知识

此方法的数学推导建立在判断链表是否带环的基础算法上,推荐阅读前置文章

点击下方文字

【数据结构与算法 刷题系列】判断链表是否有环-CSDN博客

 如图,通过快慢指针法得到两个指针相遇位置时

假设:


  • 链表入环前的长度为L
  • 环的长度为C
  • 快慢指针相遇节点为meet
  • 环的入口与相遇节点meet的距离为N
  • 相遇时,快指针已经在环内走了X圈(X>=1,快指针至少比慢指针都走一圈才能追上)

推导过程:


在meet相遇点

慢指针移动距离为L+N

快指针移动距离为L+X*C+N

 

另外,快指针移动距离是快指针的两倍

快指针也可以写成2(L+N)


将两条公式结合起来

2(L+N)=L+X*C+N


化简

L+N=X*C

L=X*C-N

L=(X-1)*C+C-N    

 最终得到的公式:

L=(X-1)*C+C-N    

该公式在图中说明的问题:

链表入环前的长度L

与相遇点到环入口的距离再加(X-1)圈      ——X最少为1,所以X-1至少为0

是相等的


结论:

如果两个指针分别从链表起始位置和相遇点meet开始移动,那么两个指针第一次相遇的节点就是环的入口


方法二:转换为相交链表问题求解

该方法是将带环链表问题转换为相交链表问题,将问题降级处理

 首先,依然要 求得快慢指针相遇交点

然后将取得该节点下一个节点地址,令其成为一个单独链表的首节点,断开链表 

 之后,这个问题就可以转换为相交链表问题来解决

 

三、代码实现

方法一实现代码

struct ListNode {
    int val;
    struct ListNode* next;
    
};
typedef struct ListNode ListNode;

//方法一:数学推理法
struct ListNode* detectCycle1(struct ListNode* head)
{
    ListNode* slow, * fast;
    slow = fast = head;
    ListNode* meet = NULL;
    while (fast && fast->next)
    {
        slow = slow->next;
        fast = fast->next->next;
        if (slow == fast)//先求得快慢指针相遇节点
        {
            meet = slow;
            while (meet != head)//两指针同时移动,相遇即是入口
            {
                meet = meet->next;
                head = head->next;
            }
            return meet;
        }
    }
    return NULL;
}


方法二实现代码

//求相交链表的交点的函数
struct ListNode* getIntersectionNode(struct ListNode* headA, struct ListNode* headB)
{
    ListNode* pcurA = headA;
    ListNode* pcurB = headB;
    int countA = 0;
    int countB = 0;
    while (pcurA)//求出链表长度
    {
        pcurA = pcurA->next;
        countA++;
    }
    while (pcurB)
    {
        pcurB = pcurB->next;
        countB++;
    }
    int tmp = abs(countA - countB);//长度差值
    ListNode* slow, * fast;
    if (countA < countB)
    {
        slow = headA;
        fast = headB;
    }
    else
    {
        slow = headB;
        fast = headA;
    }
    while (tmp--)//长链表先走差值的步数
    {
        fast = fast->next;
    }
    while (fast && slow)//同步比较
    {
        if (fast == slow)
            return fast;
        fast = fast->next;
        slow = slow->next;
    }
    return NULL;
}
struct ListNode* detectCycle(struct ListNode* head)
{
    ListNode* slow, * fast;
    slow = fast = head;
    ListNode* meet = NULL;
    while (fast && fast->next)
    {
        slow = slow->next;
        fast = fast->next->next;
        if (slow == fast)//先求得快慢指针相遇节点
        {
            meet = slow;
            ListNode* newhead = meet->next;
            meet->next = NULL;//将环断开,变成两个相交的链表

            return getIntersectionNode(head, newhead);
        }
    }
    return NULL;
}

总结

两种方法可以自行选用
第一种方法属于推理复杂,代码简单

第二种方法属于推理简单,代码实现细节复杂

可根据实际情况选择合适的方法

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