【数组篇】day19_419. 甲板上的战舰
【摘要】 给你一个大小为 m x n 的矩阵 board 表示甲板，其中，每个单元格可以是一艘战舰 'X' 或者是一个空位 '.' ，返回在甲板 board 上放置的 战舰 的数量。战舰 只能水平或者垂直放置在 board 上。换句话说，战舰只能按 1 x k（1 行，k 列）或 k x 1（k 行，1 列）的形状建造，其中 k 可以是任意大小。两艘战舰之间至少有一个水平或垂直的空位分隔 （即没有相邻...
给你一个大小为 m x n 的矩阵 board 表示甲板，其中，每个单元格可以是一艘战舰 'X' 或者是一个空位 '.' ，返回在甲板 board 上放置的 战舰 的数量。
战舰 只能水平或者垂直放置在 board 上。换句话说，战舰只能按 1 x k（1 行，k 列）或 k x 1（k 行，1 列）的形状建造，其中 k 可以是任意大小。两艘战舰之间至少有一个水平或垂直的空位分隔 （即没有相邻的战舰）。
示例 1：
输入：board = [["X",".",".","X"],[".",".",".","X"],[".",".",".","X"]]
输出：2
示例 2：
输入：board = [["."]]
输出：0
提示：
m == board.lengthn == board[i].length1 <= m, n <= 200board[i][j]是'.'或'X'
进阶：你可以实现一次扫描算法，并只使用 O(1) 额外空间，并且不修改 board 的值来解决这个问题吗？
【题解】
题解：
思路：
-
当且仅当某个 X 格子的「上方」&「左方」不为 X 时，该格子为战舰首个格子，可以进行计数，同时需要注意当前当为 0（没有「上方」）和当前列为 0（没有「左方」）时的边界情况。
复杂度：
- 时间复杂度：O(m*n)
- 空间复杂度：O(1)
class Solution {
public int countBattleships(char[][] board) {
int m = board.length, n = board[0].length;
int ans = 0;
for (int i = 0; i < m; i++) {
for (int j = 0; j < n; j++) {
if (i > 0 && board[i - 1][j] == 'X') continue;
if (j > 0 && board[i][j - 1] == 'X') continue;
if (board[i][j] == 'X') ans++;
}
}
return ans;
}
}
【版权声明】本文为华为云社区用户原创内容，转载时必须标注文章的来源（华为云社区）、文章链接、文章作者等基本信息， 否则作者和本社区有权追究责任。如果您发现本社区中有涉嫌抄袭的内容，欢迎发送邮件进行举报，并提供相关证据，一经查实，本社区将立刻删除涉嫌侵权内容，举报邮箱：
cloudbbs@huaweicloud.com
- 点赞
- 收藏
- 关注作者
评论（0）