快速幂/快速幂取模/矩阵求解快速幂
【摘要】 因为做了一个Fibonacci的题需要用矩阵+快速幂求解所以引发了下面一系列问题!!!
快速幂:
快速幂时间复杂度为 O(log2N), 与朴素的O(N)相比效率有了极大的提高。
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因为做了一个Fibonacci的题需要用矩阵+快速幂求解所以引发了下面一系列问题!!!
快速幂:
快速幂时间复杂度为 O(log2N), 与朴素的O(N)相比效率有了极大的提高。
例如:
3 ^ 999 = 3 * 3 * 3 * … * 3
直接乘要做998次乘法。但事实上可以这样做:
3 ^ 2 = 3 * 3
3 ^ 4 = (3 ^ 2) * (3 ^ 2)
…………
3 ^ 256 = (3 ^ 128) * (3 ^ 128)
3 ^ 512 = (3 ^ 256) * (3 ^ 256)
再相乘:
3 ^ 999
= 3 ^ (512 + 256 + 128 + 64 + 32 + 4 + 2 + 1)
= (3 ^ 512) * (3 ^ 256) * (3 ^ 128) * (3 ^ 64) * (3 ^ 32) * (3 ^ 4) * (3 ^ 2) * 3
这样只要做16次乘法。
代码中k%2的意思是如果当前这一位的二进制是 1 还是 0 ,如果是 1 ,则表示将其乘 ans (即加入最终结果),否则不乘 ans (即不加入最终结果)。
代码:
-
#include <stdio.h>
-
int power(int n, int k)
-
{
-
int ans = 1;
-
while( k )
-
{
-
if(k&1)
-
ans *= n ;
-
k= k/2;
-
n *= n;
-
}
-
return ans ;
-
}
-
int main ( )
-
{
-
int n, k;
-
while(scanf("%d %d",&n, &k)!=EOF)
-
{
-
printf("%d\n",power(n,k));
-
}
-
}
-
-
快速幂取模:
快速幂取模还不算太懂,只知道需要对每一个值取模,公式 a*b%c=((a%c)*b)%c 。
代码:
-
#include<stdio.h>
-
int main()
-
{
-
long long a,b,c,d;
-
int T;
-
scanf("%d",&T);
-
while(T--)
-
{
-
scanf("%lld%lld%lld",&a,&b,&c);
-
long long ans=1;
-
while( b )
-
{
-
if( b%2 )
-
ans = ( ans * a ) % c;
-
b/=2;
-
a = ( a * a ) % c;
-
}
-
printf("%lld\n",ans);
-
}
-
return 0;
-
}
矩阵+快速幂 求解Fibonacci数列:
矩阵:矩阵可以看成一个n×m的数表,用二维数组表示
矩阵乘法:定义矩阵A,B。A和B可以乘法操作当且仅当A的大小是a×b,B的大小是b×c,设矩阵C=AB,则C的大小是a×c,
且有:
最普通的矩阵乘法是直接三个for循环直接计算而已,所以复杂度是O(n3).
运用矩阵乘法快速幂,可以快速计算出矩阵B^(n-1),这样实现将时间复杂度降低到O(log n).
代码(nyoj 698题 A Coin Problem 别人优代码 ):
-
#include<stdio.h>
-
#include<iostream>
-
#include<algorithm>
-
#include<string>
-
#include<cstring>
-
#include<map>
-
#include<vector>
-
using namespace std;
-
const int Max = 10000;
-
struct M
-
{
-
long long p[2][2];
-
};
-
M mult(M a,M b)
-
{
-
int i,j,k;
-
M c;
-
for(i=0;i<2;i++)
-
for(j=0;j<2;j++)
-
{
-
c.p[i][j]=0;
-
for(k=0;k<2;k++)
-
{
-
c.p[i][j]=(c.p[i][j]+a.p[i][k]*b.p[k][j]%Max)%Max;
-
}
-
}
-
return c;
-
}
-
M pow(M a,long long k)
-
{
-
M b={1,0,0,1};
-
-
while(k)
-
{
-
if(k&1)
-
b=mult(b,a);
-
a=mult(a,a);
-
k>>=1;
-
}
-
return b;
-
}
-
int main()
-
{
-
int t;
-
long long n;
-
scanf("%d",&t);
-
while(t--)
-
{
-
scanf("%lld",&n);
-
M a={1,1,1,0};
-
M c;
-
c=pow(a,n-1);
-
printf("%lld\n",(c.p[0][0]*2+c.p[0][1]*1)%Max);
-
}
-
return 0;
-
}
文章来源: blog.csdn.net,作者:Linux猿,版权归原作者所有,如需转载,请联系作者。
原文链接:blog.csdn.net/nyist_zxp/article/details/9335585
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