HDOJ1253 胜利大逃亡 BFS

胜利大逃亡
Time Limit: 4000/2000 MS (Java/Others) Memory Limit: 65536/32768 K (Java/Others)
Total Submission(s): 29528 Accepted Submission(s): 11136

Problem Description
Ignatius被魔王抓走了,有一天魔王出差去了,这可是Ignatius逃亡的好机会.

魔王住在一个城堡里,城堡是一个A*B*C的立方体,可以被表示成A个B*C的矩阵,刚开始Ignatius被关在(0,0,0)的位置,离开城堡的门在(A-1,B-1,C-1)的位置,现在知道魔王将在T分钟后回到城堡,Ignatius每分钟能从一个坐标走到相邻的六个坐标中的其中一个.现在给你城堡的地图,请你计算出Ignatius能否在魔王回来前离开城堡(只要走到出口就算离开城堡,如果走到出口的时候魔王刚好回来也算逃亡成功),如果可以请输出需要多少分钟才能离开,如果不能则输出-1.

Input
输入数据的第一行是一个正整数K,表明测试数据的数量.每组测试数据的第一行是四个正整数A,B,C和T(1<=A,B,C<=50,1<=T<=1000),它们分别代表城堡的大小和魔王回来的时间.然后是A块输入数据(先是第0块,然后是第1块,第2块……),每块输入数据有B行,每行有C个正整数,代表迷宫的布局,其中0代表路,1代表墙.(如果对输入描述不清楚,可以参考Sample Input中的迷宫描述,它表示的就是上图中的迷宫)

特别注意:本题的测试数据非常大,请使用scanf输入,我不能保证使用cin能不超时.在本OJ上请使用Visual C++提交.

Output
对于每组测试数据,如果Ignatius能够在魔王回来前离开城堡,那么请输出他最少需要多少分钟,否则输出-1.

Sample Input
1
3 3 4 20
0 1 1 1
0 0 1 1
0 1 1 1
1 1 1 1
1 0 0 1
0 1 1 1
0 0 0 0
0 1 1 0
0 1 1 0

Sample Output
11

#include <iostream>
#include <stdio.h>
#include<memory.h>
#include <queue>
#include<algorithm>
#include<string.h>
#include<stdio.h>
#define N 50
using namespace std;
struct node
{ int x,y,z; int time;
};
int directions[6][3]={{1,0,0},{0,1,0},{0,0,1},{-1,0,0},{0,-1,0},{0,0,-1}};
int a,b,c,t;
int map[N][N][N];
node my,cur,nextt;
//用next提交会ce，不能用next的原因是，next可能是其他意思

int BFS(int x,int y,int z)
{ queue<node>q;/**queue类是为程序员提供了一个队列的功能的容器适配器， 具体而言，一个FIFO（先入先出）的数据结构**/ my.x=x; my.y=y; my.z=z; my.time=0; q.push(my);/**push()会将一个元素置入queue中。**/ while(!q.empty())/**empty()判断队列空，当队列空时，返回true。**/ { cur=q.front();/**front()会返回queue内的第一个元素(也就是第一个被置入的元素)。**/ q.pop(); /**pop()会从queue中移除一个元素。
注意：pop()虽然会移除下一个元素，但是并不返回它，
front()和back()返回下一个元素但并不移除该元素。**/ for(int i=0;i<6;i++) { nextt.x=cur.x+directions[i][0]; nextt.y=cur.y+directions[i][1]; nextt.z=cur.z+directions[i][2]; if(nextt.x<a&&nextt.y<b&&nextt.z<c&&nextt.x>=0&&nextt.y>=0&&nextt.z>=0&&map[nextt.x][nextt.y][nextt.z]!=1&&nextt.time<=t) { if(nextt.x==a-1&&nextt.y==b-1&&nextt.z==c-1)  /**如果找到了出口 返回当前走的步数**/ return cur.time+1; nextt.time=cur.time+1; /**下一步可以走该方向，将该方向的信息完善后打入队列中**/ q.push(nextt);/**push()会将一个元素置入queue中。**/ map[nextt.x][nextt.y][nextt.z]=1; /**标记一下该方向的节点已经走过**/ } } } return -1;
}

int main()
{ int sum,i,j,x,k; scanf("%d",&x); while(x--) { scanf("%d%d%d%d",&a,&b,&c,&t); for(i=0;i<a;i++) { for(k=0;k<b;k++) { for(j=0;j<c;j++) { scanf("%d",&map[i][k][j]); } } } sum=BFS(0,0,0); printf("%d\n",sum); } return 0;
}

  

 

  
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文章来源: chenhx.blog.csdn.net，作者：谙忆，版权归原作者所有，如需转载，请联系作者。

原文链接：chenhx.blog.csdn.net/article/details/48029307